Obtener el nombre del archivo actual en gulp.src ()

En mi archivo gulp.js, estoy transmitiendo todos los archivos HTML de la examplescarpeta a la buildcarpeta.

Crear la tarea de tragar no es difícil:

var gulp = require('gulp');

gulp.task('examples', function() {
    return gulp.src('./examples/*.html')
        .pipe(gulp.dest('./build'));
});

Pero no puedo entender cómo recuperar los nombres de archivo encontrados (y procesados) en la tarea, o no puedo encontrar el complemento correcto.

No estoy seguro de cómo desea usar los nombres de archivo, pero uno de estos debería ayudar:

• Si solo desea ver los nombres, puede usar algo como gulp-debug, que enumera los detalles del archivo de vinilo. Inserte esto en cualquier lugar donde desee una lista, así:

  var gulp = require('gulp'),
      debug = require('gulp-debug');
  
  gulp.task('examples', function() {
      return gulp.src('./examples/*.html')
          .pipe(debug())
          .pipe(gulp.dest('./build'));
  });

• Otra opción es gulp-filelog, que no he usado, pero suena similar (podría ser un poco más limpio).

• Otra opción es gulp-filesize, que genera tanto el archivo como su tamaño.

• Si desea más control, puede usar algo como gulp-tap, que le permite proporcionar su propia función y mirar los archivos en la tubería.

Encontré que este complemento está haciendo lo que esperaba: tragar usando

Ejemplo de uso simple: busque todos los archivos del proyecto con extensión .jsx

gulp.task('reactify', function(){
        gulp.src(['../**/*.jsx']) 
            .pipe(using({}));
        ....
    });

Salida:

[gulp] Using gulpfile /app/build/gulpfile.js
[gulp] Starting 'reactify'...
[gulp] Finished 'reactify' after 2.92 ms
[gulp] Using file /app/staging/web/content/view/logon.jsx
[gulp] Using file /app/staging/web/content/view/components/rauth.jsx

Aquí hay otra manera simple.

var es, log, logFile;

es = require('event-stream');

log = require('gulp-util').log;

logFile = function(es) {
  return es.map(function(file, cb) {
    log(file.path);
    return cb();
  });
};

gulp.task("do", function() {
 return gulp.src('./examples/*.html')
   .pipe(logFile(es))
   .pipe(gulp.dest('./build'));
});

Puede usar el módulo gulp-filenames para obtener la matriz de rutas. Incluso puede agruparlos por espacios de nombres:

var filenames = require("gulp-filenames");

gulp.src("./src/*.coffee")
    .pipe(filenames("coffeescript"))
    .pipe(gulp.dest("./dist"));

gulp.src("./src/*.js")
  .pipe(filenames("javascript"))
  .pipe(gulp.dest("./dist"));

filenames.get("coffeescript") // ["a.coffee","b.coffee"]  
                              // Do Something With it 

Para mi caso, gulp-ignore fue perfecto. Como opción, puede pasar una función allí:

function condition(file) {
 // do whatever with file.path
 // return boolean true if needed to exclude file 
}

Y la tarea se vería así:

var gulpIgnore = require('gulp-ignore');

gulp.task('task', function() {
  gulp.src('./**/*.js')
    .pipe(gulpIgnore.exclude(condition))
    .pipe(gulp.dest('./dist/'));
});

Si desea usar la respuesta de @OverZealous '( https://stackoverflow.com/a/21806974/1019307 ) en Typecript, necesita en importlugar de require:

import * as debug from 'gulp-debug';

...

    return gulp.src('./examples/*.html')
        .pipe(debug({title: 'example src:'}))
        .pipe(gulp.dest('./build'));

(También agregué a title).